鄒莉
【摘要】本文歸納總結(jié)了利用收斂定義,已知函數(shù)的展開式及級數(shù)的運算,冪級數(shù)的和函數(shù),函數(shù)的傅里葉展式等幾種方法求常數(shù)項級數(shù)和的方法.
【關(guān)鍵詞】常數(shù)項級數(shù);收斂;冪級數(shù);和函數(shù);傅里葉展開式
一、利用收斂定義求和
當常數(shù)項級數(shù)的一般項為或可化為相鄰兩項代數(shù)和的表示式時,可用收斂定義求其和.
例1 ∑∞n=1lnn2-1n2.
解 Un=∑∞n=1lnn2-1n2= [ln(n-1)-lnn]+[ln(n+1)-lnn].
Sn=∑∞n=2[ln(n-1)-lnn]+[ln(n+1)-lnn]= [ln1-ln2]+[ln3-ln2]+ [ln2-ln3]+[ln4-ln3]+…+[ln(n+1)-lnn]=(ln1-lnn)+ln(n+1)-ln2=lnn+1n-ln2,
limn→∞Sn=limn→∞lnn+1n-ln2=-ln2,則S=-ln2.
二、利用已知函數(shù)的展開式及級數(shù)的運算
利用已知函數(shù)的冪級數(shù)展開式或已知和的常數(shù)項級數(shù),通過運算,將所求級數(shù)化為已知其和的級數(shù)的代數(shù)和,熟記ex,cosx,sinx,ln(1+x),(1+x)m的展開式,∑∞n=0xn=11-x (x<1), ∑∞n=0(-1)nxn=11+x (x<1),∑∞n=1xnn=-ln(1-x)(-1≤x<1).
例2 ∑∞n=1n2n!.
解 利用已知函數(shù)ex展開式:ex=∑∞n=1xnn!,兩端對x求導(dǎo)ex=∑∞n=1nxn-1n!…(1).
(1)式兩邊同時乘以x,xex=∑∞n=1nxnn!…(2).
(2)式兩端對x求導(dǎo):
ex+xex=∑∞n=1n2xn-1n!,令x=1,則e+e=∑∞n=1n2n!,
∴S=∑∞n=1n2n!=2e.
三、利用冪級數(shù)的和函數(shù)
根據(jù)所給數(shù)項級數(shù)一般特點,找一冪級數(shù)使給定的數(shù)項級數(shù)可看作是該冪級數(shù)在x=x0處所得到的數(shù)項級數(shù),求出該冪級數(shù)的收斂區(qū)域和S(x),代入x0得到數(shù)項級數(shù)的和S(x0).
例3 求數(shù)項級數(shù)的和.
解 構(gòu)造冪級數(shù)∑∞n=1(n+1)2n!xn,當x=1時即為所求數(shù)項級數(shù)的和.∑∞n=1(n+1)2n!xn的收斂半徑R=limn→∞(n+1)2n?。╪+2)2(n+1)!=∞,則收斂域(-∞,+∞).
S(x)=∑∞n=1(n+1)2n!xn 兩端積分:
∫x0S(x)dx=∑∞n=1∫x0(n+1)2n!xndx=∑∞n=1(n+1)n!xn+1=x2∑∞n=1xn-1(n-1)!+x∑∞n=1xnn!=x2ex+xex.
對等式兩邊求導(dǎo)S(x)=(x2+3x+1)ex,令x=1,則S(1)=5e.∴∑∞n=1(n+1)2n!=5e.
四、利用函數(shù)的傅里葉展開式
選定函數(shù)f(x),求f(x)的傅里葉級數(shù),根據(jù)此級數(shù)的系數(shù)特性,選取適當?shù)膞值代入,確定所求和的數(shù)項級數(shù).
例4 設(shè)周期函數(shù)f(x)在-π,π上的表達式為f(x)=e2x,試把它展開成傅里葉級數(shù),并求∑∞n=1(-1)n-1n2+4的和.
解 a0=1π∫π-πe2xdx=e2π-e-2π2π,
an=1π∫π-πe2xcosnxdx=12π∫π-πcosnxdex=
12πe2xcosnxπ-π+n2π∫π-πe2xsinnxdx=(-1)n(e2π-e-2π)2π+n4πe2xsinnxπ-π-
n24π∫π-πe2xcosnxdx=-n24π∫π-πe2xcosnxdx+(-1)n(e2π-e-2π)2π,
移項得an=2(-1)nn2+4·e2π-e-2ππ.同理bn=1π∫π-πe2xsinnxdx=n(-1)n+1n2+4·e2π-e-2ππ.
f(x)=e2x在(-π,π)內(nèi)連續(xù),但f(-π+0)=e-2π≠f(π+0)=e2π.
e2x=e2π-e-2ππ14+∑∞n=1(-1)nn2+4(2cosnx-nsinnx),
x≠(2n+1)π,n=0,±1,±2,…,在上述間斷點中,其級數(shù)收斂于e2π+e-2π2π.
在上述展示中取x=0得∑∞n=1(-1)n-1n2+4=18-π4sh(2π).
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