數(shù)學(xué)問(wèn)題解答

2018年11月號(hào)問(wèn)題解答

(解答由問(wèn)題提供人給出)

(浙江臺(tái)州市洪家高級(jí)中學(xué) 鄔天泉 318015)

①

當(dāng)且僅當(dāng)u=λ-1時(shí)①式取等號(hào)；

②

2452如圖，△ABC的內(nèi)切圓與邊BC，CA，AB分別切于點(diǎn)D，E，F(xiàn)，線段ED和AB延長(zhǎng)后交于點(diǎn)M，線段FD和AC延長(zhǎng)后交于點(diǎn)N，點(diǎn)P，Q分別為線段FM，EN的中點(diǎn)，點(diǎn)X，Y分別在邊AB，AC上且滿足XB=YC=BC，證明：XY∥PQ.

(河南省輝縣市一中 賀基軍 453600)

證明引理：如果平面上四點(diǎn)G，H，V，W滿足GV2-HV2=GW2-HW2，那么GH⊥VW.

用解析法給出引理證明：以點(diǎn)G為原點(diǎn)建立直角坐標(biāo)系，使點(diǎn)H不在坐標(biāo)軸上.設(shè)各點(diǎn)的坐標(biāo)為H(x1，y1)，V(x2，y2)，W(x3，y3)，其中x1≠0，y1≠0.

因GV2-HV2=GW2-HW2，

即y1(y3-y2)=-x1(x3-x2).

如果x3-x2= 0，則y3-y2= 0，

此時(shí)V，W重合為一點(diǎn)，這與已知條件不符，

因此x3-x2≠0.

在原題中(如圖)，根據(jù)正弦定理得

因∠BDM=∠CDE=∠CED=180°-∠AEM，

故sin∠BDM=sin∠AEM，

將BF=BD，AF=AE代入上式得

?PB·PA=PF2.

設(shè)△ABC的外接圓為圓O，內(nèi)切圓為圓I，它們的半徑分別為R，r.連接OI及PO，PI，QO，QI.

根據(jù)切割線定理得

PO2-R2=(PO-R)(PO+R)=PB·PA，

由PB·PA=PF2得PO2=PF2+R2，

同理QO2=QE2+R2.

因此PO2-QO2=PF2-QE2

=(PF2+r2)-(QE2+r2)

=PI2-QI2，

根據(jù)引理得PQ⊥OI.

連接X(jué)O，XI，YO，YI及OB，OC，IB，IC.

根據(jù)余弦定理得

XO2=XB2+OB2-2XB·OBcos∠XBO，

YO2=YC2+OC2-2YC·OCcos∠YCO.

因XB=YC=BC，OB=OC，

故

XO2-YO2=2BC(OCcos∠YCO-OBcos∠XBO)

在△XIB中，再由余弦定理得

XI2-BI2=BX2-2BI·BXcos∠IBX，

由∠YCI=∠BCI，YC=BC得YI=BI.

因此XI2-YI2=XI2-BI2

=BX2-2BI·BXcos∠IBX

=BC(BC-2BIcos∠IBX)

=BC(BC-2BF)

=BC[BC-(AB+BC-AC)]

=BC(AC-AB)=XO2-YO2，

根據(jù)引理得XY⊥OI，

由PQ⊥OI得XY∥PQ.證畢.

2453已知a、b、c為正實(shí)數(shù)，試證：

(*)

(浙江湖州市雙林中學(xué) 李建潮 313012)

證明記

∑(2a+b)(2a+c)(b+c)2=(2a+b)(2a+c)(b+c)2+(2b+c)(2b+a)·(c+a)2+(2c+a)·(2c+b)(a+b)2．

則由柯西不等式

≥(x1y1+x2y2+x3y3)2，

有

≥∑(b+c)2=4∑a2，

①

而

(2a+b)(2a+c)(b+c)2

=(2a+b)(b+c)·(2a+c)(b+c)

=2∑bc+b(b-c)2∑bc-c(b-c)

=4(∑bc)2+2(b-c)2∑bc-bc(b-c)2

≤2∑bc2∑bc+(b-c)2，

從而

∑(2a+b)(2a+c)(b+c)2

≤2∑bc6∑bc+∑(b-c)2

=2∑bc(2∑a2+4∑bc)

=4∑a2∑bc，

②

聯(lián)立①與②二式，有

即

(*)

即為所證.

(安康學(xué)院數(shù)學(xué)與統(tǒng)計(jì)學(xué)院 趙臨龍 725000)

對(duì)于直線PAB，由直線方程

(1)

(2)

得到

(3)

當(dāng)點(diǎn)P在橢圓Γ外部時(shí)，t1t2>0，則

(4)

當(dāng)點(diǎn)P在橢圓Γ內(nèi)部時(shí)，t1t2<0，則

(5)

于是，對(duì)于不在橢圓Γ上的點(diǎn)P，有

(6)

同理，對(duì)于不在橢圓Γ上的點(diǎn)P，直線PCD有結(jié)論

(7)

(8)

此時(shí)，在方程(3)中，令x0=0,y0=0，

即傾斜角為α的直徑EOF，滿足關(guān)系

(9)

即直徑EOF長(zhǎng)度為

(10)

同理，求得直徑GOH長(zhǎng)度為

(11)

(12)

(江蘇省啟東市匯龍中學(xué) 倪紅林 226200)

解因?yàn)閍1=1，a2=1，

所以

所以

由a1=a2=1，an+2=an+1+an,n∈N*，

所以

所以Tn+2-2Tn+1+Tn=Tn+1，

即Tn+2=3Tn+1-Tn，(n∈N*)

因此Tn+2除以8的余數(shù),完全由Tn+1，Tn除以8的余數(shù)確定，

又T1=1，T2=3，

所以T3=3T2-T1=9-1=8，

T4=3T3-T2=24-3=21，

T5=3T4-T3=63-8=55，

T6=3T5-T4=165-21=144，

T7=3T6-T5=432-55=377，

T8=3T7-T6=1131-144=987，

T9=3T8-T7=2961-377=2584，

由以上計(jì)算及Tn+2=3Tn+1-Tn,n∈N*可知,數(shù)列Tn各項(xiàng)除以8的余數(shù)依次是1,3,0,5,7,0,1,3,0,5,7,0,…，它是一個(gè)以6為周期的數(shù)列，從而Tn除以8的余數(shù)為0的正整數(shù)n，等價(jià)于n除以3的余數(shù)為0的正整數(shù)n，

所以n=3k,k∈N*，

即所求集合為: {n|n=3k,k∈N*}

2018年12號(hào)月問(wèn)題

(來(lái)稿請(qǐng)注明出處——編者)

2456已知a1,a2,…,an>0(n≥2)，求證：

(浙江省海鹽縣元濟(jì)高級(jí)中學(xué) 張艷宗 314300；北京航空航天大學(xué)圖書館 宋慶 100191)

2457如圖，E、F分別在△ABC的AB、AC上，且EF∥BC，過(guò)BC中點(diǎn)D作DG⊥BC交△ABC的外接圓O于G和W，交EF于K，△BEK的外接圓交⊙O于H，GH交EF于M，求證：A、M、W三點(diǎn)共線．

(江西師范高等?？茖W(xué)校 王建榮 335000)

2458在△ABC中,求證

(天津水運(yùn)高級(jí)技工學(xué)校 黃兆麟 300456)

2459設(shè)點(diǎn)I,Ia,Ib,Ic分別為△ABC的內(nèi)心和旁心，R為其外接圓的半徑，證明：6R≥IIa+IIb+IIc.

(安徽省樅陽(yáng)縣宏實(shí)中學(xué) 江保兵 246700)

2460在三角形ABC中，記BC=a,CA=b,AB=c，n∈N+且n≥2，0<λ≤1,

(安徽省岳西中學(xué) 儲(chǔ)百六 246600)