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    大于2的偶數(shù)必定是2個素?cái)?shù)之和

    2020-09-10 23:23:46吳葉唐寅
    關(guān)鍵詞:合數(shù)素?cái)?shù)

    吳葉唐寅

    摘要:證明思路,假設(shè)任意偶數(shù)【2N≠Pa+Pb 】,根據(jù)模擬計(jì)算邏輯。

    質(zhì)數(shù)(prime number)又稱素?cái)?shù)一個大于1的自然數(shù),除了1和它本身外,不能被其他自然數(shù)整除,換句話說就是該數(shù)除了1和它本身以外不再有其他的因數(shù);否則稱為合數(shù)。根據(jù)算術(shù)基本定理,每一個比1大的整數(shù),要么本身是一個質(zhì)數(shù),要么可以寫成一系列質(zhì)數(shù)的乘積;而且如果不考慮這些質(zhì)數(shù)在乘積中的順序,那么寫出來的形式是唯一的。最小的素?cái)?shù)是2。

    主體:用假設(shè)判斷未知。在無窮大偶數(shù)里面,只有未知數(shù)、a、b、c、d。只能根據(jù)判斷;它素?cái)?shù)、或合數(shù)。隨機(jī)算術(shù)。

    當(dāng):2N-P=B(B、它是素?cái)?shù)、或者、它是合數(shù),)作為判斷依據(jù)。如果B等于質(zhì)數(shù),偶數(shù)等于2個質(zhì)數(shù)之和。但是B是一個未知數(shù),只能依據(jù)判斷它是素?cái)?shù)、或合數(shù)。如果一個合數(shù),它就可以分解質(zhì)因數(shù)。我們就可以得到素?cái)?shù)。這里,因?yàn)闊o限的偶數(shù),我們不可以一一驗(yàn)證,只能用假設(shè)計(jì)算邏輯理論把全部偶數(shù)用未知數(shù)計(jì)算,推到無窮。求任意偶數(shù)存在一組素?cái)?shù)對。根據(jù)計(jì)算邏輯用假設(shè)把余項(xiàng)、素?cái)?shù)變化,推進(jìn)到無窮,而任意偶數(shù)屬于有限,因此得到矛盾。大于2的偶數(shù)必定是2個素?cái)?shù)之和,不存在反例。

    關(guān)鍵詞:假設(shè);素?cái)?shù);合數(shù);分解質(zhì)因數(shù);相互參照

    引言:

    1742年,哥德巴赫給歐拉的信中提出了以下猜想:任一大于2的偶數(shù)都可以寫成2個質(zhì)數(shù)之和。但是哥德巴赫自己無法證明它,于是就寫信請教赫赫有名的大數(shù)學(xué)家歐拉幫忙證明,然而一直到死,歐拉也無法證明。

    大于2的任意偶數(shù)必定是2個素?cái)?shù)之和

    抽象假設(shè),模擬同步算術(shù)基本邏輯,推理判斷和假設(shè)矛盾

    數(shù)學(xué)理論判斷:這是什么數(shù)學(xué)理論。

    問:那么這是一遍整數(shù)理論、還是分?jǐn)?shù)理論。

    假設(shè):它是一遍分?jǐn)?shù)理論,相反用分?jǐn)?shù)判斷一個數(shù),我們不能判斷它是素?cái)?shù)、或者合數(shù)

    ∴它是一遍整數(shù)理論

    根據(jù)素?cái)?shù)和合數(shù)性質(zhì)

    定理:素?cái)?shù)不可以分解質(zhì)因數(shù)。

    定理:復(fù)合數(shù)可以分解質(zhì)因數(shù)。

    反證法,只有兩種判斷選擇:或(是)、或(否)。如果否:那么否定一切你提出一切假設(shè)問題。

    科技理論只有:是、或者否

    設(shè):(自然數(shù)N)N>1

    任意、偶數(shù)=2N

    任意、奇數(shù)=2N-1

    ∵2N÷2=N(滿足整數(shù)解)

    ∴自然數(shù)N>1(偶數(shù)里面沒有素?cái)?shù))

    假設(shè):【2N≠Pa+Pb】

    假設(shè):N≠P(P任意素?cái)?shù))

    N=偶數(shù)(偶數(shù):N)N-1=S1

    N=奇數(shù)(奇數(shù):N)N-2=S2

    2N-S1(N=偶數(shù))=L1

    2N-S2(N=奇數(shù))=L1

    L1(要么是素?cái)?shù)、要么復(fù)合數(shù))

    假設(shè):L1素?cái)?shù)

    2N-L1=S1(要么是素?cái)?shù)、要么是合數(shù))..........

    2N-L1=S1(假設(shè):2N-L1=A1×B1×C1.......... ×Pn)

    2N-S1=L1(假設(shè):L1=復(fù)合數(shù)、分解質(zhì)因數(shù)L1=A1×B1×C1.......... ×Pn【模擬.算術(shù)基本邏輯】

    如果:L1=素?cái)?shù)。

    那么2N-L1=S1(假設(shè):S1=合數(shù):分解質(zhì)因數(shù)S1=A1×B1×C1×Pn)

    模擬算術(shù)邏輯:如果余數(shù)字母等于素?cái)?shù),則【2N=Pa+Pb 】

    這里設(shè):【2N≠Pa+Pb 】條件下算術(shù)邏輯理論

    這里用簡單模擬假設(shè):S1=A1×B1×C1

    抽取素因數(shù)、A1、B1、C1、

    L2、H2、M2、(素?cái)?shù)、或、復(fù)合數(shù))

    抽取素?cái)?shù):A2、B2、C2、

    抽取素?cái)?shù):A3、B3、C3、

    抽取素?cái)?shù):A4、B4、C4、

    L5、H5、M5(素?cái)?shù)、或、復(fù)合數(shù))

    抽取素?cái)?shù):A5、B5、C5..........模擬算術(shù)邏輯(WY1)。

    算術(shù)邏輯,只能兩個選擇,

    要么、算術(shù)邏輯循環(huán)(素?cái)?shù)循環(huán))

    相反、算術(shù)邏輯,無限不循環(huán)

    (一)要么、算術(shù)邏輯循環(huán)(素?cái)?shù)循環(huán))

    模擬假設(shè):都是復(fù)合數(shù),循環(huán)算術(shù)邏輯

    ∵2N-A=Bb(抽取素?cái)?shù):B)

    ∵2N-B=Cc(抽取素?cái)?shù):C)

    ∵2N-C=Aa(抽取素?cái)?shù):A)

    根據(jù)模擬假設(shè)邏輯

    ∴【2N≠Pa+Pb 】

    (二)相反、算術(shù)邏輯,無限不循環(huán)【于是,無限增加:不相同素?cái)?shù)】

    ∵2N<∞

    ∴假設(shè)矛盾,相反根據(jù)上面算術(shù)邏輯(2N=Pa+Pb)

    假設(shè):(2N≠P1+P2)前提下,選擇(一)算術(shù)邏輯循環(huán)、

    再進(jìn)行模擬算術(shù)邏輯

    那么、2N-L1=S1【假設(shè):S1=復(fù)合數(shù),分解質(zhì)因數(shù)S1=A1×B1×C1】

    抽取素?cái)?shù):A1、B1、C1

    抽取質(zhì)因數(shù):A2、B2、C2

    這里E4、F4、G4、可以是素?cái)?shù)或者合數(shù)

    抽取質(zhì)因數(shù):S2、W2、R2

    抽取素?cái)?shù):S3、W3、R3

    這里E4、F4、G4、可以是素?cái)?shù)或者合數(shù)

    抽取素?cái)?shù):S4、W4、R4、

    抽取素?cái)?shù):S5、W5、R5、

    這里E6、F6、G6、可以是素?cái)?shù)或者是合數(shù)

    抽取素因數(shù)S6、W6、R6、...........①②①②模擬算術(shù)邏輯(WY2)

    算術(shù)邏輯,只有兩個選擇,

    (三)(WY2)要么、算術(shù)邏輯循環(huán)(素?cái)?shù)循環(huán))

    算術(shù)循環(huán)邏輯,代表2N用這個算術(shù)邏輯①余項(xiàng)字母等于合數(shù)

    ∴(2N≠P1+P2)

    (四)(WY2)相反、算術(shù)邏輯,無限不循環(huán)【于是,無限增加:不相同素?cái)?shù)】

    ∵2N<∞

    ∴假設(shè)矛盾。相反、根據(jù)上面算術(shù)邏輯(2N=P1+P2)

    那么、設(shè):【2N≠P1+P2】(理論條件下),選擇(一)、(三)循環(huán)算術(shù)邏輯假設(shè)(循環(huán)素?cái)?shù))

    將兩個算術(shù)邏輯循環(huán)問題,合并成一個問題,進(jìn)行相互參照判斷推理。

    設(shè):(WY1)循環(huán)算術(shù)邏輯S項(xiàng)列(注:無限大的數(shù),這里不能每一式拿來判斷),只能根據(jù)抽象理論進(jìn)行推理判斷。

    抽象模擬:S列項(xiàng)循環(huán)算術(shù)循環(huán):余數(shù)等于合數(shù)

    A→B→C→D→E→F→G→H→A

    ∵(1)2N-A=Bb

    ∵(2)2N-B=Cc

    ∵(3)2N-C=Dd

    ∵(4)2N-D=Ee

    ∵(5)2N-E=Ff

    ∵(6)2N-F=Gg

    ∵(7)2N-G=Hh..........

    ∵(S)2N-Hs=Aa

    (1)2N-A=Bb..........

    ∴根據(jù)(WY1)模擬算術(shù)邏輯【2N≠Pa+Pb】

    (WY1)和(WY2)屬于循環(huán)算術(shù)邏輯

    把(WY1)每一步素?cái)?shù),根據(jù)(WY2)模擬算術(shù)邏輯

    這里有、

    (1)2N-2A=2[X1]? ?(WY2算術(shù)邏輯) ②①②①..........

    (2)2N-2B=2[X2]? ?(WY2算術(shù)邏輯) ②①②①..........

    (3)2N-2C=2[X3]? ?(WY2算術(shù)邏輯) ②①②①........

    (4)2N-2D=2[X4]? ?(WY2算術(shù)邏輯) ②①②①..........

    (5)2N-2E=2[X5]? ?(WY2算術(shù)邏輯) ②①②①..........

    (6)2N-2F=2[X6]? ?(WY2算術(shù)邏輯) ②①②①..........

    (7)2N-2G=2[X7]? ?(WY2算術(shù)邏輯) ②①②①..........

    (WY2) ②①②①..........

    (S)2N-2H=2[Xs]? ?(WY2算術(shù)邏輯)②①②①........

    這里、[X1] ~ ~ [Xs],素?cái)?shù)或者合數(shù),它分解質(zhì)因數(shù)

    假設(shè):[X1] ~ ~ [Xs]素?cái)?shù)或者合數(shù),分解質(zhì)因數(shù)。全部屬于(WY1)素?cái)?shù)

    那么、解得

    (1)N-A=[X1]? ? ? (WY2) ②①②①..........

    那么、解得

    (2)N-B=[X2]? ? ? (WY2) ②①②①..........

    那么、解得

    (3)N-C=[X3]? ? ? (WY2) ②①②①..........

    那么、解得

    (4)N-D=[X4]? ? ? (WY2) ②①②①..........

    那么、解得

    (5)N-E=[X5]? ? ? (WY2) ②①②①..........

    那么、解得

    (6)N-F=[X6]? ? ? (WY2) ②①②①..........

    那么、解得

    (7)N-G=[X7]? ? ? (WY2) ②①②①..........

    那么、解得

    (WY2)? ?(WY2) ②①②①..........

    那么、解得..........

    (S)N-H=[Xs]? ? ? (WY2) ②①②①..........

    那么、(WY2)算術(shù)循環(huán)邏輯相互參照(WY1)這里每一步的素?cái)?shù)。

    假設(shè):(2N-A=Bb) ( 2N-2A=2Bd)

    2N-A=Bb和 2N-2A=2Bd

    A=Bb-2Bd

    A=Bd(Bb-d-2)

    2N-Bd(Bb-d-2)=Bb

    2N-Bb+2Bd=Bb

    N=2Bb-2Bd

    那么、2N÷B <不滿足整數(shù)解>

    假設(shè)矛盾。相反、 2N-2A=2[X1]【(X1)素?cái)?shù)或者合數(shù),不包含B的素因數(shù)?!?/p>

    設(shè):[X1]素?cái)?shù)或者合數(shù),合數(shù)分解素因數(shù)、屬于(WY1)算術(shù)里面素?cái)?shù)。相同的邏輯,相同素?cái)?shù)

    ∵2N≠N

    ∴假設(shè)矛盾

    根據(jù)算術(shù)邏輯(WY2)屬于增加新素?cái)?shù)(于是:無限增加不相同素?cái)?shù))

    假設(shè)矛盾、那么根據(jù)算術(shù)邏輯公理(WY2算術(shù)邏輯)、屬于無限增加(無限增加不相同素?cái)?shù))

    ∵任意2N<無限大

    假設(shè)矛盾、如果(WY2)算術(shù)邏輯循環(huán),根據(jù)(WY2)算術(shù)邏輯【2N=Pa+Pb 】。

    參考文獻(xiàn):

    歐幾里得質(zhì)數(shù)無限個定理,科學(xué)研究,改寫版

    抽象假設(shè),模擬基本算術(shù)邏輯,判斷推理和假設(shè)矛盾。

    素?cái)?shù)個數(shù)無限個<整數(shù)論、哲學(xué)>

    抽象假設(shè):

    設(shè):素?cái)?shù)個數(shù)有限個

    從小到大依次排列為P1、P2、 P3 .......... Pn

    模擬基本算術(shù)邏輯:由小到大依次相乘

    P1×P2×P3× .......... ×.Pn=N

    2×3×5×7× .......... ×Pn=N

    那么,N+1

    是素?cái)?shù)或者不是素?cái)?shù)

    N+1>Pn

    判斷推理:

    如果:N+1為合數(shù),

    設(shè):N+1=W【X】

    設(shè):W=P1、P2、 P3? .......... Pn(任意素?cái)?shù))

    設(shè):(N+1)÷W=【X】等式成立。

    (N+1)÷W

    N÷W(滿足整數(shù)解)

    1÷W(不滿足整數(shù)解)

    命題條件是整數(shù)論(素?cái)?shù)定義)

    而,1÷W(不滿足整數(shù)解),屬于分?jǐn)?shù)。

    X不屬于整數(shù)集合

    假設(shè)矛盾

    所以N+1合數(shù)或者素?cái)?shù)

    N+1素因數(shù)分解得到的素因數(shù)肯定不在假設(shè)P1、P2、 P3 ............Pn、里面..........

    假設(shè)的有限個素?cái)?shù)之外還存在著其他素?cái)?shù)。所以原先的假設(shè)不成立。也就是說,素?cái)?shù)有無窮多個

    注:這遍文章屬于歐幾里得學(xué)術(shù)理論

    注;本論文不需要任何人參考文獻(xiàn)

    注解:

    本論文是按照基本算術(shù)邏輯,要么是素?cái)?shù)、要么是合數(shù)、在數(shù)學(xué)公理里面合數(shù)是可以分解質(zhì)因數(shù)。

    模擬示意:

    18-3=A(A因式分解:3×5)

    根據(jù)上面模擬的算術(shù)邏輯,提取質(zhì)因數(shù)3、5

    18-3=C (C因式分解:3×5)

    18-5=D【D=13等于質(zhì)數(shù)在無限數(shù)里面我們不知道D是質(zhì)數(shù)或者合數(shù)】

    在無限的數(shù)字了里面,18是一個未知書,我這里就是吧,D=13假設(shè)為合數(shù),進(jìn)行對無限個偶數(shù)進(jìn)行推理,是否存在無限個偶數(shù)里面有沒有存在反列,偶數(shù)不等于2個質(zhì)數(shù)之和。

    注解:

    本論文是按無限假設(shè)為主,又和歐幾里得素?cái)?shù)無限個進(jìn)行改寫,做參考文獻(xiàn)。

    作者單位:福建福安甘棠第六中學(xué)

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