拉格朗日中值定理在高等數(shù)學(xué)中的應(yīng)用探索

陸華勇

【摘要】從微積分來(lái)看，拉格朗日中值定理是一塊非常重要的內(nèi)容，它在導(dǎo)數(shù)和函數(shù)之間架起了橋梁，并且該定理已被應(yīng)用于各個(gè)領(lǐng)域.本文采取舉例的方式對(duì)該定理如何被應(yīng)用于高等數(shù)學(xué)進(jìn)行了展示.

【關(guān)鍵詞】拉格朗日中值定理;應(yīng)用;證明

引 言

從微分學(xué)來(lái)看，微分中值定理是基本定理之一，學(xué)生要想把微分學(xué)這塊內(nèi)容學(xué)好，最重要的是對(duì)該定理的成立條件及其證明過(guò)程形成深刻的認(rèn)識(shí).在高等數(shù)學(xué)這門課中，微分學(xué)是其中的重要知識(shí)之一，該門課研究的是以實(shí)數(shù)集為定義域的函數(shù)具有哪些性質(zhì)，在對(duì)函數(shù)性質(zhì)進(jìn)行探究的過(guò)程中，微分中值定理就是其中的一個(gè)不可或缺的重要工具.作為有效工具之一的微分中值定理，探討的是如何根據(jù)導(dǎo)數(shù)具有的性質(zhì)推斷函數(shù)具有哪些性質(zhì)，將導(dǎo)數(shù)知識(shí)用到了函數(shù)性質(zhì)的探究中，在兩者之間起到了橋梁作用.微分學(xué)中最為基礎(chǔ)的是拉格朗日中值定理，對(duì)其進(jìn)行推廣得到了柯西中值定理，而取其特殊情況又得到了羅爾定理，所以說(shuō)拉格朗日中值定理充當(dāng)著核心角色.對(duì)函數(shù)具有的包括最值、單調(diào)性以及極值等性質(zhì)進(jìn)行的探究，以及對(duì)曲線表現(xiàn)出的凹凸性進(jìn)行的探討都是以拉格朗日中值定理為基礎(chǔ)的.本文圍繞著拉格朗日中值定理展開，對(duì)證明這一定理時(shí)構(gòu)造輔助函數(shù)的若干種方法進(jìn)行了介紹，并采取舉例的方式對(duì)該定理怎樣在例題中得到應(yīng)用展開了分析.

一、拉格朗日中值定理的概念

基本內(nèi)容：存在一個(gè)函數(shù)f（x），在閉區(qū)間[a，b]上為連續(xù)函數(shù)，在開區(qū)間（a，b）上為可導(dǎo)函數(shù)，那么在該開區(qū)間內(nèi)至少有一點(diǎn)ξ，滿足a<ξ

解釋如下：（1）該定理也可以叫作有限增量定理，在導(dǎo)數(shù)和函數(shù)之間搭建起了橋梁，通過(guò)導(dǎo)數(shù)具有的性質(zhì)就可以對(duì)函數(shù)具有的性質(zhì)展開探究.

（2）該定理是基礎(chǔ)，進(jìn)行推廣得到了柯西中值定理，特殊化處理則得到了羅爾定理，拉格朗日公式相當(dāng)于0階泰勒公式.

（3）該定理既能夠在不等式以及等式的證明中得到應(yīng)用，也能夠用于對(duì)函數(shù)具有的連續(xù)性、單調(diào)性以及凹凸性等多項(xiàng)性質(zhì)展開探究.

（4）在對(duì)很多定理進(jìn)行證明時(shí)，是否存在ξ是其中的一種理論工具.該定理指出存在至少1個(gè)的中值ξ，但是有些時(shí)候可能沒(méi)有辦法求解得到.例如，假設(shè)將f′（ξ）=f（b）-f（a）b-a看作一個(gè)方程，那么存不存在ξ就等同于方程存不存在根這個(gè)問(wèn)題.該定理的本質(zhì)是對(duì)ξ是（a，b）中的一個(gè)無(wú)法確定位置的點(diǎn)形成深入認(rèn)識(shí)，但是考慮到ξ是有范圍的，也就是a<ξ

（5）使用該定理解題時(shí)，其中的難點(diǎn)之一在于輔助函數(shù)的構(gòu)造或者是選取.針對(duì)于此，可將等式f（b）-f（a）b-a視為分式，并以之為著手點(diǎn)構(gòu)造函數(shù)f（x），同時(shí)將取值區(qū)間（a，b）確定下來(lái)，最后求解得到導(dǎo)數(shù)f′（x）.為得出f（b）-f（a）b-a，作出部分變形處理是很有必要的，如lnxx-1=ln x-ln（x-1），x-1<ξ

二、拉格朗日中值定理的證明

從拉格朗日中值定理來(lái)看，在對(duì)其進(jìn)行證明時(shí)，應(yīng)用的技巧是以構(gòu)造輔助函數(shù)為主的，而輔助函數(shù)是有非常多種構(gòu)造方法的，最為常見的有行列式法、K值法等，在這些方法中，最易掌握的是倒推法，應(yīng)用得也相當(dāng)廣泛，下文對(duì)倒推法用于輔助函數(shù)的構(gòu)造的具體步驟進(jìn)行了展示.

根據(jù)拉格朗日中值定理得到的結(jié)論不難發(fā)現(xiàn)：

ξ∈（a，b），s.t.f′（ξ）=f（b）-f（a）b-a.

考慮到區(qū)間（a，b）內(nèi)該函數(shù)為可導(dǎo)函數(shù)，因而導(dǎo)數(shù)在ξ點(diǎn)的取值就是F′（ξ），可以表示成f′（ξ）=f′（x）|x=ξ，但是函數(shù)f（b）-f（a）b-ax的導(dǎo)數(shù)是常數(shù)f（b）-f（a）b-a，所以待證結(jié)論能夠改寫為：

f（b）-f（a）b-ax-f（x）′|x=ξ=0，

此時(shí)便可構(gòu)造下述輔助函數(shù)：

F（x）=f（b）-f（a）b-ax-f（x）.

考慮到f（b）-f（a）b-ax-f（x）′|x=ξ=0，所以有F（ξ）=0.考慮到區(qū)間[a，b]上F（x）為連續(xù)函數(shù)，（a，b）上則是可導(dǎo)函數(shù)，而且有F（a）=af（b）-bf（a）b-a=F（b），故而根據(jù)羅爾定理可知，肯定會(huì)有一個(gè)ξ∈（a，b），使得F（ξ）=0，也就是 F′（ξ）=f（b）-f（a）b-a-f′（ξ）=0，等同于f′（ξ）=f（b）-f（a）b-a.

三、拉格朗日中值定理的應(yīng)用

1.證明恒等式.

考慮到該定理得到的結(jié)論實(shí)質(zhì)上為一個(gè)等式，所以該定理可在部分等式的證明中得到應(yīng)用.

（1）證明單介值等式命題.

從這種命題來(lái)看，其題型往往是：肯定會(huì)有不少于1個(gè)的點(diǎn)ξ∈（a，b），F(xiàn)（x）=xf（x）以令G（ξ，f（ξ），f（n）（ξ））=0成立.在對(duì)這種命題進(jìn)行證明的時(shí)候，其中的關(guān)鍵在于輔助函數(shù)的選取，輔助函數(shù)選取得精確，可將問(wèn)題化繁為簡(jiǎn).通常而言，倒推法用于輔助函數(shù)的構(gòu)造是較為可取的，具體步驟如下：第一步，用x來(lái)代替待證等式內(nèi)的ξ;第二步，進(jìn)行恒等變換，將等式化簡(jiǎn)成導(dǎo)數(shù)符號(hào)易于消除的形式;第三步，仔細(xì)觀察，得到f（x）.

例1 假定存在一個(gè)函數(shù)f（x），在[a，b]上為連續(xù)函數(shù)，在（a，b）上為可導(dǎo)函數(shù)，試證：（a，b）內(nèi)會(huì)存在不少于1個(gè)的點(diǎn)ξ，使bf（b）=（b-a）（f（ξ）+ξf′（ξ））+af（a）成立.

思路：針對(duì)bf（b）=（b-a）（f（ξ）+ξf′（ξ）+af（a）），用x來(lái)代替其中的ξ，這時(shí)會(huì)有bf（b）=（b-a）（f（x）+xf′（x））+af（a）.

對(duì)其變形，得到bf（b）-af（a）b-a=f（x）+xf′（x），

觀察發(fā)現(xiàn)，輔助函數(shù)選取為F（x）=xf（x）.

證明：構(gòu)造函數(shù)F（x）=xf（x），那么該函數(shù)在[a，b]上為連續(xù)函數(shù)，在（a，b）上為可導(dǎo)函數(shù)，由拉格朗日中值定理不難發(fā)現(xiàn)，勢(shì)必會(huì)有不少于1個(gè)的點(diǎn)ξ∈（a，b），使得F（b）-F（a）b-a=F′（ξ）成立，所以bf（b）-af（a）b-a=f（ξ）+ξf′（ξ），也就是bf（b）=（b-a）（f（ξ）+ξf′（ξ））+af（a）.

（2）證明雙介值等式命題.

從這種命題來(lái)看，其題型往往是：中值共有2個(gè)，用ξ，ηξ≠η來(lái)表示，且它們存在某種關(guān)系.這種命題的證明和單介值命題類似，輔助函數(shù)也是要構(gòu)造的，區(qū)別在于這種命題通常需要構(gòu)造兩個(gè)函數(shù)，題干中已知的僅僅是其中之一，有一個(gè)是未知的，這時(shí)就需要與結(jié)論得到的關(guān)于η的關(guān)系式相結(jié)合進(jìn)行變換，具體步驟如下：第一步，對(duì)待證等式進(jìn)行變形，得到兩個(gè)表達(dá)式，一個(gè)是與ξ相關(guān)的，另一個(gè)是與η相關(guān)的;第二步，仔細(xì)觀察，得到F（x）.

例2 假定存在一個(gè)函數(shù)f（x），在[a，b]上為連續(xù)函數(shù)，在（a，b）上為可導(dǎo)函數(shù)，而且有f（a）=f（b）=1，試證：（a，b）內(nèi)會(huì)存在不少于1個(gè)的點(diǎn)ξ和η，使eη-ξ[f（η）+f′（η）]=1成立.

思路：針對(duì)待證等式eη-ξ[f（η）+f′（η）]=1，把ξ和η分開，也就是eη[f（η）+f′（η）]=eξ，等同于[exf（x）]x=η=（ex）x=ξ，此時(shí)可構(gòu)造下述兩個(gè)輔助函數(shù)，一個(gè)是F（x）=exf（x），另一個(gè)是G（x）=ex.

證明：假定F（x）=exf（x），那么F（x）在[a，b]上為連續(xù)函數(shù)，在（a，b）內(nèi)為可導(dǎo)函數(shù)，根據(jù)拉格朗日中值定理不難發(fā)現(xiàn)，（a，b）內(nèi)會(huì)有不少于1個(gè)的點(diǎn)η，使F（b）-F（a）b-a=F′（η）成立，也就是ebf（b）-eaf（a）b-a=eη[f（η）+f′（η）]，故而有eb-eab-a=eη[f（η）+f′（η）].（1）

假定G（x）=ex，那么G（x）在[a，b]上為連續(xù)函數(shù)，在（a，b）上為可導(dǎo)函數(shù)，根據(jù)拉格朗日中值定理不難發(fā)現(xiàn)，（a，b）內(nèi)會(huì)有不少于1個(gè)的點(diǎn)ξ，使G（b）-G（a）b-a=G′（ξ）成立，也就是eb-eab-a=eξ.（2）

綜合（1）和（2）可知eη[f（η）+f′（η）]=eξ，等同為：eη-ξ[f（η）+f′（η）]=1.

2.證明不等式.

在對(duì)不等式進(jìn)行證明的過(guò)程中，拉格朗日中值定理的應(yīng)用是按照下述步驟展開的：第一步，對(duì)輔助函數(shù)f（x）進(jìn)行構(gòu)造;第二步，選取合理的應(yīng)用區(qū)間（a，b）;第三步，確定中值ξ的取值空間.其中的重點(diǎn)在于第一、二這兩個(gè)步驟.從實(shí)際應(yīng)用來(lái)看，輔助函數(shù)f（x）通常是以待證不等式為依據(jù)來(lái)確定的，并據(jù)此選取合理的應(yīng)用區(qū)間（a，b）.下文采取舉例的方式對(duì)如何構(gòu)造輔助函數(shù)進(jìn)行了闡述.

（1）證明函數(shù)不等式命題.

在對(duì)這種命題進(jìn)行證明時(shí)，如果用到的是拉格朗日中值定理，那么待證命題牽涉的往往只是同一函數(shù)在不同點(diǎn)的取值的差異，也就是待證不等式的某端通過(guò)變形之后形如f（b）-f（a）.解題思路如下：這種命題往往需要結(jié)合待證不等式對(duì)輔助函數(shù)f（x）進(jìn)行構(gòu)造，對(duì)該函數(shù)可以應(yīng)用拉格朗日中值定理進(jìn)行驗(yàn)證，即為f（b）-f（a）=f′（ξ）（b-a），而后按需放大或者是縮小，最后把其內(nèi)的帶有ξ的項(xiàng)去掉，此時(shí)待證不等式就可得證.

例3 試證：在x>0的情況下x1+x

思路：對(duì)x1+x

x1+x

，因?yàn)閒′（ξ）=f（b）-f（a）b-a，所以11+x

x1+x

f′（x）=11+xf′（ξ）=11+ξ（0<ξ

可以看到，輔助函數(shù)以及選定的應(yīng)用區(qū)間均合理，下文對(duì)證明過(guò)程進(jìn)行了詳細(xì)的闡述.

證明：

假定f（x）=ln（1+x），那么從區(qū)間（0，x）來(lái)看，f（x）=ln（1+x）可以應(yīng)用拉格朗日中值定理，所以（0，x）內(nèi)肯定會(huì)有1個(gè)以上的點(diǎn)ξ，可讓f′（ξ）=f（x）-f（0）x-0

成立，即f′（ξ）=ln（1+x）-ln（1+0）x-0.

理由是f′（x）=11+x，因而f′（ξ）=11+ξ

，0<ξ

，11+x0的情況下，x1+x

從上述例題不難發(fā)現(xiàn)，若不等式成立的條件是x>a，那么應(yīng)用區(qū)間選取（a，x）會(huì)較為合理.

（2）證明中值不等式命題.

這里所說(shuō)的中值不等式命題指的是不等式關(guān)系內(nèi)存在的中值命題.拉格朗日中值定理用于這種命題的證明時(shí)同樣要用倒推法，據(jù)此得出輔助函數(shù)，方法還是以結(jié)論為主要著眼點(diǎn)，相較于等式的證明而言，區(qū)別在于：一端進(jìn)行變號(hào)處理，轉(zhuǎn)移至另一端，而后觀察，得出解題需要用到的輔助函數(shù).

例4 存在一個(gè)函數(shù)f（x），在區(qū)間[0，1]上為連續(xù)函數(shù)，在區(qū)間（0，1）內(nèi)為可導(dǎo)函數(shù)，而且有f（u）=u，試證：假定[0，1]上f（x）有非零值，那么在（0，1）內(nèi)一定存在點(diǎn)ξ，可使f（ξ）f′（ξ）>u成立.

思路：此處需證f（ξ）f′（ξ）>u.由于f（ξ）f′（ξ）=f2（x）2′x=ξ，故而需要構(gòu)造下述輔助函數(shù)：

F（x）=f2（x）2.

證明：

假定F（x）=f2（x）2，那么F（x）在區(qū)間[0，1]上為連續(xù)函數(shù)，在區(qū)間（0，1）內(nèi)為可導(dǎo)函數(shù)，f（u）=u，因而存在a∈（u，1），可以使得F（a）=f2（a）2成立，這時(shí)有F（x）在區(qū)間[0，a]上為連續(xù)函數(shù)，在區(qū)間（0，a）內(nèi)為可導(dǎo)函數(shù)，即能夠應(yīng)用拉格朗日中值定理，故而存在ξ∈（0，1），會(huì)有F′（ξ）=F（1）-F（0）=F（1）>u，等同于：

F′（ξ）=f（ξ）f′（ξ）>u.

3.證明根的存在性.

例5 區(qū)間[0，1]上f（x）為可導(dǎo)函數(shù)，而且有0

證明：先通過(guò)構(gòu)造法對(duì)存在根進(jìn)行證明，而后通過(guò)拉格朗日中值定理對(duì)有且僅有一個(gè)根進(jìn)行證明.

（1）根的存在性.

假定g（x）=f（x）+x-1，此時(shí)有g(shù)（0）=f（0）-1，g（1）=f（1）.考慮到x∈[0，1]時(shí)有 00，故而有g(shù)（0）·g（1）<0

，由根的存在性定理不難發(fā)現(xiàn)，區(qū)間（0，1）內(nèi)g（x）必定會(huì)有實(shí)根.

（2）根的唯一性.

為證區(qū)間（0，1）內(nèi)f（x）+x-1=0有且僅有一個(gè)根，通常會(huì)提出區(qū)間（0，1）內(nèi)f（x）+x-1=0共有2個(gè)實(shí)根的假設(shè)，而后得到和已知不符的結(jié)論，這樣唯一性就可得證.下文對(duì)拉格朗日中值定理用于唯一性證明的詳細(xì)過(guò)程進(jìn)行了說(shuō)明：

先假定區(qū)間（0，1）內(nèi)f（x）+x-1=0共有2個(gè)實(shí)根，用α和β來(lái)表示，并且假定α<β，這樣就能夠得到f（α）=1-α，f（β）=1-β，將拉格朗日中值定理用到[α，β]區(qū)間上的f（x）中，可知f（α）-f（β）=f′（ω）（α-β），整理可得f（α）-f（β）α-β=f′（ω），也就是：

（1-α）-（1-β）α-β=-1，與已知條件f′（ω）≠-1不符.

所以唯一性得證.

4.求解函數(shù)最值.

在對(duì)函數(shù)最值問(wèn)題進(jìn)行求解時(shí)，只有符合一定形式才能夠應(yīng)用拉格朗日中值定理，例如，能夠化簡(jiǎn)為t≥f（x1）-f（x2）x1-x2或者t≤f（x1）-f（x2）x1-x2這種形式，只有這樣才能夠用拉格朗日中值定理來(lái)求解.

例6 存在一個(gè)函數(shù)f（x），假定k為一個(gè)實(shí)數(shù)，x1和x2是其定義域中任取的兩個(gè)點(diǎn)，有|f（x1）-f（x2）|≤k|x1-x2|成立，那么函數(shù)f（x）（x∈D）就可以稱之為符合利普希茨條件，如果函數(shù)f（x）=x（x≥1）符合利普希茨條件，求k的最小值.

解：由題意可知，k≥f（x1）-f（x2）x1-x2，

由拉格朗日中值定理有f′（ω）=f（x1）-f（x2）x1-x2，

所以有k≥f′（ω），這樣就能夠求出f′（ω）的最大值.

因?yàn)閒（x）=x，所以f′（x）=12x≤12，

故而f′（x）的最大值是12，即k的最小值是12.

5.求解函數(shù)極限.

在對(duì)函數(shù)極限問(wèn)題進(jìn)行求解時(shí)，拉格朗日中值定理同樣可以得到應(yīng)用.如果待求函數(shù)的極限是同種函數(shù)的差值，自變量之間的差值只是一個(gè)常數(shù)，那么拉格朗日中值定理就能夠?qū)ζ溥M(jìn)行簡(jiǎn)化，而后再進(jìn)行求解.

例7 試求極限limξ→+∞x2arctan（x+1）-arctan x.

思路：可以看到，該題是一種0·∞型未定式.從區(qū)間[x，x+1]來(lái)看，f（x）=arctan x可以應(yīng)用拉格朗日中值定理，有：

arctan（x+1）-arctan x=11+ξ2，且ξ∈x，x+1.可以看到，x→+∞時(shí)ξ→+∞，而且有l(wèi)imξ→+∞11+ξ2=0.考慮到limξ→+∞x2=∞，這時(shí)極限limx→+∞x21+ξ2存在與否取決于ξ的一些細(xì)節(jié)，意味著對(duì)中值點(diǎn)進(jìn)行的粗糙估計(jì)無(wú)法得出原極限，通過(guò)其他工具的應(yīng)用進(jìn)行支持還是很有必要的.

第一種解法（對(duì)中值點(diǎn)進(jìn)行精細(xì)估計(jì)），考慮到arctan（x+1）-arctan x=11+（x+θ）2

，且有θ∈（u，1）.

這時(shí)limξ→+∞x2arctan（x+1）-arctan x=limξ→+∞x21+（x+θ）2=1.

第二種解法（采取夾逼準(zhǔn)則），考慮到

arctan（x+1）-arctan x=11+（x+θ）2，

且有ξ∈（x，x+1），所以有

limξ→+∞x2arctan（x+1）-arctan x=limξ→+∞x21+ξ2，

可以看到x<ξ

而且有l(wèi)imξ→+∞x21+（1+x）2=limξ→+∞x21+x2=1，

故而limξ→+∞x2arctan（x+1）-arctan x=limξ→+∞x21+ξ2=1.

如果極限是包括f（b）-f（a）這種未定式的，作為重要工具之一的拉格朗日中值定理可以達(dá)到讓計(jì)算得到簡(jiǎn)化的目的.通過(guò)事實(shí)發(fā)現(xiàn)：相較于對(duì)中值點(diǎn)進(jìn)行粗糙估計(jì)來(lái)說(shuō)，第二種解法顯然得到了更為廣泛的使用.通常來(lái)說(shuō)，粗糙估計(jì)只可以在limx→x0f′（ξ）存在而且不等于0的這種情況下適用，但第二種解法并不會(huì)受到這種情況的限制.第二種解法不單單能夠在limx→x0f′（ξ）存在而且不等于0的情況下適用，在limx→x0f′（ξ）=0與limx→x0f′（ξ）=∞這兩種情況下也能夠適用，且應(yīng)用更為廣泛.

但是只是從公式復(fù)雜程度來(lái)看的話，在形式上第一種解法顯然更為簡(jiǎn)潔.所以，在對(duì)包括f（b）-f（a）在內(nèi)的這種未定式極限的求解過(guò)程中，先采取第一種解法來(lái)分析是可行的，假使無(wú)法得到結(jié)果，常常會(huì)用到下述策略：

（1）對(duì)中值點(diǎn)進(jìn)行修改，使之變成精細(xì)估計(jì)形式，而后再展開更為深入的分析;

（2）針對(duì)粗糙估計(jì)得到的中值點(diǎn)作放縮處理，而后通過(guò)夾逼準(zhǔn)則的應(yīng)用完成計(jì)算.

結(jié)束語(yǔ)

微分學(xué)的發(fā)展就是基于微分中值定理的，而且從實(shí)際應(yīng)用來(lái)看，該定理的應(yīng)用也是極為廣泛的，恰恰是因?yàn)檫@個(gè)定理這么重要，所以也被叫作微分基本定理.從三大基本定理可以看出，應(yīng)用最為廣泛的當(dāng)屬拉格朗日中值定理，原因在于它對(duì)于函數(shù)并沒(méi)有提出很嚴(yán)格的要求.在對(duì)問(wèn)題進(jìn)行求解時(shí)，關(guān)鍵點(diǎn)在于基于命題分解得到待求問(wèn)題需要用到的函數(shù)，使得函數(shù)不單單可以應(yīng)用拉格朗日中值定理，又能夠讓求解得到簡(jiǎn)化.本文對(duì)該定理在包括等式、極限求解等在內(nèi)的多個(gè)方面的應(yīng)用進(jìn)行了介紹.從該定理的整個(gè)應(yīng)用過(guò)程來(lái)看，最為重要的問(wèn)題有兩個(gè)，一個(gè)是輔助函數(shù)的構(gòu)造，另一個(gè)是區(qū)間的確定.從整個(gè)過(guò)程可以看出，應(yīng)用該定理求解問(wèn)題的思路相對(duì)比較簡(jiǎn)單.但是為了讓該定理能夠得到靈活應(yīng)用，對(duì)本文總結(jié)得出的思想方法需進(jìn)行靈活運(yùn)用.

【參考文獻(xiàn)】

[1]王康.拉格朗日中值定理的應(yīng)用[J].安順學(xué)院學(xué)報(bào)，2012（02）：126-127.

[2]劉三陽(yáng)，長(zhǎng)丁民.用拉格朗日中值定理求極限[J].高等數(shù)學(xué)研究，1998（03）：27-29.

[3]毛綱源.高等數(shù)學(xué)解題方法技巧歸納（上冊(cè)）[M].武漢：華中科技大學(xué)出版社，2001.

[4]尹龍國(guó).微分中值定理及其應(yīng)用[J].大眾商務(wù)，2009（09）：204.

[5]馬秀芬.中值定理在高等數(shù)學(xué)解題中的應(yīng)用[J].濮陽(yáng)職業(yè)技術(shù)學(xué)院學(xué)報(bào)，2015（05）：152-153.

[6]王希超，劉長(zhǎng)文，萬(wàn)林梅.拉格朗日中值定理的巧用[J].山東農(nóng)業(yè)大學(xué)學(xué)報(bào)，2002（02）：123-124.

[7]曹金亮，謝錦濤.微分中值定理常見題型的解題方法[J].浙江海洋學(xué)院學(xué)報(bào)（自然科學(xué)版），2014（05）：94-98.