參考答案

“四點式”掌握油膜法

1． 7×10-10 m 2. 3×10-10 m8.5×10-6 m31.2×10-26 kg

“測定玻璃折射率”全攻略

1． （1）略 （2） （3）3

“研究勻變速直線運動”的三個要點

1. 直線加速度加速度

2. A

3. 0.10.8B→A0.32A→B

“測定金屬電阻率”的難點與考點

1． （1）①連線如圖1②b⑤減小⑥1 A

（2）①310 Ω②0.495（0.494～0.496均可）③例如：電阻箱和滑動變阻器的阻值不能連續(xù)變化；標準表和毫安表的讀數(shù)誤差；電表指針偏轉(zhuǎn)和實際電流的大小不成正比等。

2. （1）1.200 （2）不滿足，R與S2成反比（或RS2=常數(shù)） （3）19

3D大片的物理情節(jié)

1. D 2. B 3. B

4. H=gt2，代入數(shù)據(jù)得：H=45 m=147.6英尺，所以特雷弗的估算不合理。

5. BD 6. A 7. BC 8. A

9. （1）BC （2）B （3）BD

10. AC

深度觀察動車組

1. （1）25

（2）根據(jù)P=Fv=fv

可得v=

由上式可知要增大v，一是增大牽引力的功率P，動車組就是將發(fā)動機分別安裝在各個車廂上而增大了牽引功率；二是減小阻力，動車組車體設(shè)計成流線型，就是為了減小空氣阻力。

2. （1）（2）mv20－mgh 3. C 4. ≥

5. 車輪的半徑R、齒輪D的齒數(shù)

Pv=ωR=

L=vt=?=

6. 20 m/s 7. 30 m/s 8. （1）80 km/h（2）動車組以臨界速度v=轉(zhuǎn)彎時，鐵軌對動車組的彈力與其重力的合力提供火車轉(zhuǎn)彎的向心力，車輪對內(nèi)外軌無側(cè)壓力。當(dāng)火車以大于臨界速度轉(zhuǎn)彎時，鐵軌對火車的彈力的水平分力和外軌的側(cè)壓力F的水平分力提供火車轉(zhuǎn)彎的向心力，如圖2所示。

火車在豎直方向平衡，∴ Fcosα=Mg+Fsinα，

在水平方向由牛頓第二定律得Fsinα+Fcosα=M，所以外軌的側(cè)壓力為F=M-gsinα。

比較可知v>vm，此時外軌擠壓外輪，外輪對外軌有向外的作用力，且車速越大，該力越大，大到一定值就可使外軌變形或使鐵軌脫離路基，火車當(dāng)然脫離軌道，可知故障原因為T195次動車組在轉(zhuǎn)彎處超速運行。

因此在行車過程，遵守速度限制和注意彎道等是非常必要的。

9. 120℃ 10. （1）v0=（n+1）vn（2）

“雪龍”遠征，挑戰(zhàn)科考極限

1. ACD

2. （1）48 m （2）v=4 m/s

3. （1）5.6×1010 J （2）2.6×106 N

4. 2 166 N

5. 12 h

物質(zhì)世界的不對稱之美——2008年諾貝爾物理學(xué)獎

1. B2. AC 3. D

4. （1）E=E

（2）E3k=E

（3）Q=E

中國成功發(fā)射“創(chuàng)新一號02星”和“試驗衛(wèi)星三號”

1. C2. C3. ABC4. ABD5.

空襲事件中的物理知識

1． Δx=1120 m2． F=4 500 N3． C

4． （1）B（2）①x=L②ΔE=E

5． （1）ABD （2）他將反射理解為鏡面反射，而激光制導(dǎo)導(dǎo)彈主要是運用漫反射。載機向目標發(fā)射激光束后，激光照射到目標上，并被目標反射向四面八方，只要這些被反射的激光束達到一定強度，能被導(dǎo)彈的導(dǎo)引頭接收，導(dǎo)彈便會射向目標。

可以利用人工施放煙霧等措施防止受到激光制導(dǎo)炸彈的轟炸。因為煙霧會對光波產(chǎn)生強烈的散射和吸收。這種散射和吸收有效地遮擋了光波的通道，從而使激光制導(dǎo)導(dǎo)彈器難以瞄準目標。

山東師大附中月考試題

1. B 2. C3. C4. BC5. B 6. D 7. B8. AD9. C 10. BD 11. CD12. BC13. B14. BC

15. 實驗題

（1）①B，需要接到交流輸出端上

②C，不需要測量質(zhì)量

（2）f2

（3）重錘的質(zhì)量m

F=mg－mf2

16. 解：（1）對摩托車從底部到頂部應(yīng)用動能定理

Pt-mgh=mv2-mv20

解得v=7m/s

（2）從頂部飛出做平拋運動

h=gt2

s=vt

解得s=5.6 m

17. 解：（1）對滑塊從A到B應(yīng)用動能定理

mgh=mv2－0

解得v=2 m/s

（2）滑塊從B到C做勻加速直線運動

v2t-v2=2aL

解得μ=0.25

或應(yīng)用動能定理

μmgL=mv2t-mv2

解得μ=0.25

（3）滑塊從B到C的過程中v=v+at

傳送帶的位移s=vtt

相對位移Δs=s－L

Q=f×Δs

解得Q=0.5 J

18. 解：

法一：

繩斷前：對A、B、C有

（mB+mC）g－f=（mA+mB+mC）a1

v2－0=2a1h1

繩斷后：對A、B有

f－mB g=（mA+mB）a2

0－v2=－2ah

解得μ=0.2

法二：

繩斷前：對A、B、C

（mB+mC）gh=（mA+mB+mC）v2+fh

繩斷后：對A、B有

fh=（mA+mB）v2+mBgh2

解得μ=0.2

湖南長沙一中月考試題

1. D 2. B 3. C 4. B 5. A 6. C 7. ABD 8. ACD 9. ABC 10. AD

11． ABC

12． （1）EGI（2）AD （3）B1.00

13． 150 m90 m

14． 解：設(shè)物體所受滑動摩擦力為f，物體在0～10 s的運動過程中，由牛頓第二運動定律得

F－f=ma1

根據(jù)v-t圖象及運動學(xué)公式得

v=a1t1

物體在10～14 s的運動過程中，由牛頓第二運動定律得

f－=ma2

根據(jù)v-t圖象及運動學(xué)公式得

v=at

由①②③④式求得

拉力F=8.4 N

又f=μmg

動摩擦因數(shù)μ=0.34

15． 解：（1）陳若琳躍起后可看作豎直向上的勻減速運動，重心上升的高度h1=0.45 m

設(shè)起跳速度為v0，則v20=2gh1，上升過程的時間t1=

解得t1＝＝0.3 s

陳若琳從最高處自由下落到手觸及水面的過程中重心下落的高度h＝10.45 m

設(shè)下落過程的時間為t2，則h=gt22

解得t=＝s≈1.4 s

陳若琳要完成一系列動作可利用的時間t＝t1+t2=1.7 s

（2）陳若琳的手觸及水面到她的重心下沉到離水面約2.2 m處的位移s＝3.0 m

手觸及水面時的瞬時速度v=

設(shè)水對運動員的作用力為Ff，依據(jù)動能定理有

（mg-Ff）s=0-mv2

解得Ff＝1.3×103 N

16． 解：（1）設(shè)物體下落至與薄滑塊碰撞前的速度為v0，在此過程中機械能守恒，依據(jù)機械能守恒定律有mgl=mv20

解得v0=

設(shè)碰撞后共同速度為v，依據(jù)動量守恒定律有mv0＝2mv

解得v=

（2）設(shè)物體和滑塊碰撞后下滑的最大距離為x，依據(jù)動能定理，對碰撞后物體與滑塊一起向下運動到返回初始位置的過程，有-2fx＝0－×2mv2

設(shè)在滑塊向下運動的過程中，彈簧的彈力所做的功為W，依據(jù)動能定理，對碰撞后物體與滑塊一起向下運動到最低點的過程，有W＋2mgx－fx=0－×2mv2

解得W＝－mgl

所以彈簧彈性勢能增加了mgl